备战2021年高考物理【名校地市好题必刷】全真模拟卷（江苏专用）·2月卷（解析版）(1)

时间：2021-02-08 20:11:12 来源：蒲公英阅读网 本文已影响人

相关热词搜索：年高 地市 江苏

　 绝密★启用前| 备战 2021 年高考物理【名校、地市好题必刷】全真模拟卷（江苏专用）·2 月卷 第 一 模拟 共 一、单项选择题：共 11 题，每题 4 分，共 44 分每题只有一个选项最符合题意。

　1． （2020·江苏南通市·高三月考）已知某种光的频率为v，光速为c，普朗克常量为h。下列说法正确的是（

　）

　A．这种光子的能量为hcv B．这种光子的动量为hcv C．该光与另一束强度相同、频率为 2v 的光相遇时可以产生光的干涉现象 D．若用该光照射逸出功为 W 的金属有电子逸出，则电子的最大初动能为 hv W 【答案】

　D 【解析】

　A．光子能量为 E h   A 错误； B．光子的动量为 h hvpc   B 错误； C．发生干涉的两束光的必要条件是频率相同，所以该光与另一束强度相同、频率为 2v 的光相遇时不能产生光的干涉现象。C 错误； D．根据光电效应方程有 kE hv W   D 正确。

　故选 D。

　2．（2018·江苏盐城市·高三）如图所示，一小球从 A 点由静止开始沿斜面做匀变速直线运动，若到达 B 点时速度为 v，到达 C 点时速度为 2v，则 AB∶BC 等于（）

　A．1∶1 B．1∶2 C．1∶3 D．1∶4

　 【答案】

　C 【解析】

　根据匀变速直线运动的速度位移公式 v 2

　- v 0 2

　= 2ax 知 x AB

　= 22Bva ，x AC

　= 22Cva

　所以 AB∶AC = 1∶4 则 AB∶BC = 1∶3 故选 C。

　3．（2020·江苏省天一中学高三期末）如图所示，假设月球半径为 R，月球表面的重力加速度为 g 0 ，飞船在距月球表面高度为 3R 的圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的 A 点点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B 再次点火进入近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动。则（

　）

　A．飞船在轨道Ⅰ上的运行速度为04g R B．飞船在 A 点处点火时，速度增加 C．飞船在轨道Ⅰ上运行时通过 A 点的加速度大于在轨道Ⅱ上运行时通过 A 点的加速度 D．飞船在轨道Ⅲ上绕月球运行一周所需的时间为02Rg 【答案】

　D 【解析】

　A．飞船在轨道 I 上运行时，根据万有引力等于向心力得  2233Mm vG mR RR R 在月球表面上，根据万有引力等于重力，得 02MmG mgR

　 解得：飞船在轨道Ⅰ上的运行速度为 02g Rv  故 A 错误； B．飞船在 A 点处点火时，是通过向行进方向喷火，做减速运动，向心进入椭圆轨道，所以点火瞬间是速度减小的，故 B 错误； C．在轨道Ⅰ上通过 A 点和在轨道Ⅱ上通过 A 点时，其加速度都是由万有引力产生的，而万有引力相等，故加速度相等，故 C 错误。

　D．飞船在轨道Ⅲ绕月球运行，由 2024mg m RT 得 0RT 2g  故 D 正确。

　故选 D。

　4．（2021·南京市秦淮中学高三月考）如图所示，电阻 R=1Ω、半径 r 1 =0.2m 的单匝圆形导线框 P 内有一个与P 共面的圆形磁场区域 Q。P、Q 的圆心相同，Q 的半径 r 2 =0.1m；t=0 时刻，Q 内存在着垂直于圆面向里的磁场，磁感应强度 B 随时间 t 变化的关系是 B=2-t（T）；若规定逆时针方向为电流的正方向，则线框 P 中感应电流 I 随时间 t 变化的关系图像应该是选项图中的（

　）

　A．

　B．

　 C．

　D．

　【答案】

　C 【解析】

　由电磁感应定律可得，圆形导线框 P 中产生的感应电动势为 220.01 VBS BE rt t       由欧姆定律可知，圆形导线框 P 中产生的感应电流为 0.01 AEIR   因为原磁场是向里减小的，由楞次定律可知，感应电流的方向与规定的正方向相反，ABD 错误，C 正确。

　故选 C。

　5．（2021·江苏高三零模）带电粒子碰撞实验中，t=0 时粒子 A 静止，子 B 以一定的初速度向 A 运动。两粒子的 v-t 图像如图所示，仅考虑静电力的作用，且 A、B 未接触。则（

　）

　A．A 粒子质量小于 B 粒子 B．两粒子在 t 1 时刻的电势能最大 C．A 在 t 2 时刻的加速度最大 D．B 在 0～t 3 时间内动能一直减小 【答案】

　B 【解析】

　A．两粒子碰撞过程动量守恒，则由图可知，在 t=0 时刻 0 0 Bp m v  在 t=t 2 时刻 2 A Ap m v  则 0 = B A Am v m v 因

　 0 Av v  则 B Am m  选项 A 错误； B．两粒子在 t 1 时刻速度相等，系统损失动能最大，则系统的电势能最大，选项 B 正确； C．两粒子在 t 1 时刻距离最近，两粒子库仑力最大，即 A 在 t 1 时刻的加速度最大，选项 C 错误； D．B 在 0～t 3 时间内速度先减小后反向增加，则动能先减小后增加，选项 D 错误。

　故选 B。

　6．（2020·江苏高三月考）某气缸内封闭有一定质量的理想气体，从状态 A 依次经过状态 B、C 和 D 后再回到状态 A，其 V—T 图像如图所示，则在该循环过程中，下列说法正确的是（）

　A．从状态 B 到 C，气体吸收热量 B．从状态 C 到 D，气体的压强增大 C．从状态 D 到 A，单位时间内碰撞器壁单位面积的分子数减少 D．若气体从状态 C 到 D，内能增加 3kJ，对外做功 5kJ，则气体向外界放出热量 8kJ 【答案】

　C 【解析】

　A．从状态 B 到 C 过程气体发生等温变化，内能不变，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律可知，气体放出热量，A 错误； B．由 V=CpT 知，从 C 到 D 过程气体发生等压变化，B 错误； C．从 D 到 A 过程中，气体温度不变，则单个气体分子碰撞器壁的力不变，压强减小，则必然是单位时间内碰撞器壁单位面积的分子数减少造成的，C 正确； D．由 U=W + Q 得 Q= 8kJ 气体从外界吸收热量，D 错误。

　故选 C。

　 7．（2020·江苏省天一中学高三期末）如图为一玻璃球过球心 O 的横截面，两条可见光线 1、2 合在一起平行于横截面的直径从 A 点射入玻璃球，分成光线 3、4。已知光线 1、2 与 OA 的夹角为 60°，3、4 与 OA 的夹角分别为 45°、30°，则这两束光（

　）

　A．3、4 两种光对此种玻璃的折射率之比342nn B．3、4 两种光在此种玻璃中的速度之比342vv C．光子动量 p 3 ＞p 4

　D．射向同一双缝干涉装置，其干涉条纹间距3 4Δ Δ x x  【答案】

　B 【解析】

　A．根据折射定律12sinsinn可得，光线 3 的折射率为 3sin60 6sin45 2n   光线 4 的折射率为 4sin603sin30n   则 3、4 两种光对此种玻璃的折射率之比为 3422nn 故 A 错误； B．根据cnv可知，3、4 两种光在此种玻璃中的速度之比为 3 44 3 4 3: 2v n c cv n n n   故 B 正确；

　 C．光在介质中的传播频率不变，根据 vf  可知，由于3 4v v ，所以3 4  ，根据光子动量hp可得，4 3p p ，故 C 错误； D．根据干涉条纹间距公式ΔLx λd可知，波长越大，干涉条纹间距越大，由于3 4  ，则3 4Δ >Δ x x，故D 错误。

　故选 B。

　8．（2020·江苏南通市·高三月考）如图所示为某实验室研究远距离输电的模拟装置。理想变压器的匝数比1 2 4 3: : n n n n ，交变电源的电动势  50 2sin10π V e t ，r 为输电线的电阻，则（

　）

　A．闭合开关后，灯泡两端的电压为 50V B．闭合开关后，通过灯泡电流的频率为 10Hz C．依次闭合开关1S、2S、3S，输电线消耗的电功率越来越大 D．依次闭合开关1S、2S、3S，在此过程中灯泡1L越来越亮 【答案】

　C 【解析】

　A．升压变压器的输出电压为 22 11nU Un 降压变压器的输入电压为 3 2 rU U U   降压变压器的输出电压为 44 33nU Un 解得 4 4 4 2 44 3 2 1 1 13 3 3 1 3( ) ( )r r rn n n n nU U U U U U U U Un n n n n        而

　 150 2V=50V2U  A 错误； B．交变电源的频率为 10Hz=5Hz2f B 错误； CD．设灯泡总电阻为 R，流过灯泡的总电流为 I，流过输电线的电流为I，根据电流关系有 43nI In  根据选项 A 的推导有 44 13rnU U Un  即 413nIR U I rn   化简为 24 41 13 31 1( )n n IR U r U rI n I I n    依次闭合开关1S、2S、3S，则灯泡的总电阻 R 减小，则流过灯泡的总电流 I 增大，根据电流关系可知流过输电线的电流也增大，则输电线消耗的电功率在增大。在输电线路上，输电线损耗的电压升高，则降压变压器的输入电压减小，输出电压也减小，所以灯泡电压降低，亮度降低。C 正确，D 错误。

　故选 C。

　9．（2020·江苏南通市·海安高级中学高三月考）如图所示，质量均为 m 的 A、B 两物体通过劲度系数为 k 的轻质弹簧拴接在一起竖直放置在水平地面上，物体 A 处于静止状态。在 A 的正上方 h 高处有一质量也为 m的小球 C。现将小球 C 由静止释放，C 与 A 发生碰撞后立刻粘在一起，弹簧始终在弹性限度内，忽略空气阻力，重力加速度为 g。下列说法正确的是（

　）

　A．C 与 A 碰撞后 A 最大速度的大小为2gh

　 B．C 与 A 碰撞过程中，A、C 组成的系统损失的机械能为4mgh C．C 与 A 碰撞后弹簧的最大弹性势能为2mgh D．要使碰后物体 B 被拉离地面，h 至少为8mgk 【答案】

　D 【解析】

　A．C 与 A 碰撞前瞬间，根据自由落体的规律有 2Cv gh  C 与 A 碰撞，动量守恒，有 12Cmv mv  解得 12ghv  之后，由于 AC 的总重力大于弹簧的弹力，AC 将向下加速，所以 A 的最大速度将大于2gh，A 错误； B．损失的机械能为 21 12 (2 2 2) E mgh m mhghg      B 错误； C．C 与 A 碰撞后，AC 速度减小到零时，弹簧的弹性势能最大，根据能量守恒得 20 01 12 (2 2)2ghE E m E mgh       E 0 为初始的弹性势能，C 错误。

　D．AC 碰后至反弹到最高点，要使碰后物体 B 被拉离地面，弹簧拉力至少为 B 的重力，即弹簧形变与碰前的一样，但是弹簧处于拉伸状态，AC 的动能转化为重力势能，有 012 22mgh mg x   碰前，对 A 有 0mg kx  解得 8mghk

　 D 正确。

　故选 D。

　10．（2020·江苏南京市·高三月考）如图所示，A 为一足够长的固定斜面，物块 B 由静止释放后能沿斜面匀加速下滑，现使物块 B 在 t＝0 时由静止释放，并同时受到一随时间变化规律为 F＝kt 的垂直于斜面的作用力，v、f、a 和 E 分别表示物块的速度、物块所受的摩擦力、物块的加速度和机械能，则下列描述 v、f、a和 E 随时间 t 变化规律的图像中，正确的是（

　）

　A．

　B．

　C．

　D．

　【答案】

　B 【解析】

　AC．物体受重力、外力 F、斜面支持力和滑动摩擦力，滑动摩擦力大小     cos cos f F mg kt mg         可知，小球受到的滑动摩擦力越来越大，则小球的合外力   sin sin cos F mg f mg kt mg         合 根据牛顿第二定律得 F ma 合 解得 sin coska g t gm       

　 可知当sin mg f  时，物体受到的合成力均匀减小，方向沿斜面向下，则加速度均匀减小，方向沿斜面向下； 当sin mg f  时，合外力为零，加速度为零； 当sin mg f  时，物体受到的合外力均匀增大，方向沿斜面向上，则加速度均匀增大，方向沿斜面向上。

　根据 v t图像的斜率等于加速度，知 AC 均错误； B．由  cos f kt mg    ，知 f 先均匀增大，当物体静止时，f 不变，故 B 正确； D．物体停止运动前只有重力和摩擦力做功，机械能的减少等于摩擦力做的功，由 f x E    得 E E tfx t x       又因为 xvt 所以 Efvt 可知 Et 图像的斜率是变化的，物块停止前， Et 图像应为曲线，故 D 错误。

　故选 B。

　11．（2020·江苏高三月考）如图甲所示，在空间存在一个变化的电场和一个变化的磁场。电场的方向水平向右，场强大小随时间变化情况如图乙所示。磁感应强度方向垂直纸面，大小随时间变化情况如图丙所示。在 t=1s 时，从 A 点沿 AB 方向（垂直于 BC）以初速度 v 0 射出第一个粒子，并在此之后，每隔 2s 有一个相同的粒子沿 AB 方向均以初速度 v 0 射出，并恰好能击中 C 点，若 AB=BC=L，且粒子由 A 运动到 C 的运动时间小于 1s。不计空气阻力和粒子的重力，对于各粒子由 A 运动到 C 的过程中，下列说法正确的是（

　）

　A．电场强度 E 0 和磁感应强度 B 0 的大小之比为 2v 0 ∶3 B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比为 2∶1 C．第一个粒子和第二个粒子通过 C 的动能之比为 1∶4 D．第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比为 π∶2 【答案】

　D

　 【解析】

　A．在1s t 时，空间区域存在匀强磁场，粒子做匀速圆周运动，如图 2 所示

　由牛顿第二定律得 200 0vqv B mR 粒子的轨道半径， Rl ，则 00mvBql 带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，竖直方向 0l v t  水平方向 2 201 12 2qEl at tm  而 2002mvEql 则 0 0021E vB 故 A 错误； B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比 0 00 0 102 012qv Bv B amqEa Em   故 B 错误； C．第二个粒子，由动能定理得 20 2 012kqE l E mv  

　 22 052kE mv ，第一个粒子的动能21 012kE mv ，第一个粒子和第二个粒子通过 C 的动能之比为 1:5 ，故 C错误； D．第一个粒子的运动时间 10 01 1 24 4 2m lt TqB v     第二个粒子的运动时间 20ltv 第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比 1 2: :2 t t   故 D 正确， 故选 D。

　共 二、非选择题：共 5 题，共 56 分其中第 13 题～第 16 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。

　12.（7 分）

　（2020·江苏省前黄高级中学高三月考）用自由落体法验证机械能守恒定律，打出如图甲所示的一条纸带。已知打点计时器工作频率为 50Hz。

　（1）根据纸带所给数据，打下 C 点时重物的速度为________m/s（结果保留三位有效数字）。

　（2）某同学选用两个形状相同、质量不同的重物 a 和 b 进行实验，测得几组数据，画出22vh 图象，并求出图线的斜率 k，如图乙所示，由图象可知 a 的质量 m 1 _____________（选填“大于”或“小于”）b 的质量 m 2 。

　（3）通过分析发现造成 k 2 值偏小的原因是实验中存在各种阻力，已知实验所用重物的质量 m 2 =0.052kg，当地重力加速度 g=9.78m/s 2 ，求出重物所受的平均阻力 F f =_________N。（结果保留两位有效数字）

　【答案】

　2.25m/s

　大于

　0.031 【解析】

　（1）在匀变速直线运动中，某段时间中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平局速度，所以 C 点的速度

　 BD0.3123 0.2224m/s 2.25m/s12250CxvT   （2）根据动能定理  212mg f h mv   得 22vfgh m  所以图线斜率 fk gm  由图知 b 的斜率小，所以 b 的质量小于 a 的质量； （3）根据动能定理  22 f 212m g F h m v   得 2f22vFgh m  所以图线斜率 f229.18Fk gm   代入数据解得 f0.031N F  13.（9 分）

　（2020·江苏苏州市·高三月考）在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，提供下列器材：

　A．小灯泡（3V，0.6W）

　 B．电压表（0~3V，内阻约 3 kΩ ）

　C．电流表（0~250 mA ，内阻约 1Ω）

　D．电流表（0~0.6A，内阻约为 0.4Ω）

　E.滑动变阻器（10Ω，2A）

　F.滑动变阻器（1 kΩ ，0.5A）

　G.电池组（电动势 6V）

　 H.开关、导线若干 （1）电流表应选用__________，滑动变阻器应选用_________；（用序号字母表示）

　（2）请用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整________；

　（3）实验中记录多组电压表示数 U 和电流表示数 I，如下表所示，请在图中通出 I-U 图像_____； 编号 1 2 3 4 5 6 7 8 U/V 0.20 0.60 1.00 1.40 1.80 2.20 2.60 3.00 I/A 0.020 0.060 0.100 0.140 0.170 0.190 0.200 0.205

　（4）如果将这个小灯泡接到电动势为 3V，内阻为 5Ω 的电源两端，小灯泡消耗的功率是__________W（保留两位有效数字）。

　【答案】

　C

　E

　 0.38 【解析】

　（1）由表中实验数据可知，最大电流为 0.205A，电流表应选择 C。

　为方便实验操作，滑动变阻器应选择 E。

　（2）完整的电路如图所示

　（3）图像如图所示

　小灯泡接到电动势为 3V 的电源两端，则有 E Ir U  

　 即 3 5 U I   在灯泡 U-I 坐标系内做出电源的 U-I 图像如图所示

　由图示图像可知，灯泡两端电压：U=2.1V，电流：I=0.18A，灯泡实际功率 2.1 0.18W 0.38W P UI     14.（10 分）

　（2020·江苏南通市·高三月考）如图所示，有甲、乙两个储气钢瓶，甲的体积为 10L，乙的体积为 5L，甲中有压强为07p的理想气体，乙中有压强为0p的同种理想气体。将甲和乙通过细管连通，甲给乙充气，直到两罐中气体压强相等，充气过程中甲、乙中气体温度相等且温度不变，细管中气体体积忽略不计。求：

　（1）稳定时乙储气钢瓶中气体压强为多少？ （2）甲储气罐中剩余气体质量与充气前甲中气体总质量的比值？

　【答案】（1）05p；（2）57 【解析】

　（1）根据克拉伯龙方程得 1 1 2 2 1 2( ) pV p V p V V    解得 05 p p 

　 （2）对于甲储气罐，等温膨胀到压强为05p时，有 1 1pV pV  解得 14L V  甲储气罐中剩余气体质量与充气前甲中气体总质量的比值为 1 1010 514 7V V mm V V    15.（12 分）

　（2020·江苏苏州市·高三月考）如图所示，光滑绝缘斜面倾角为  ，斜面上平行于底边的虚线 MN 、 PQ 间存在垂直于斜面向上，磁感应强度为 B 的匀强磁场， MN 、 PQ 相距为 L，一质量为 m、边长为 d（ dL ）的正方形金属线框 abef 置于斜面上，线框电阻为 R， ab 边与磁场边界 MN 平行，相距为 L，线框由静止释放后沿斜面下滑， ef 边离开磁场前已做匀速运动，重力加速度为 g，求：

　（1）线框进入磁场过程中通过线框横截面的电荷量 q：

　（2）线框 ef 边离开磁场区域时的速度大小 v； （3）线框穿过磁场区域过程中产生的热量 Q。

　【答案】（1）2BdqR；（2）2 2sin mgRvB d；（3）3 2 2 24 4sin(2 )sin2m g RQ mg L dB d    【解析】

　（1）线框进入磁场的过程产生的平均感应电动势 Et 通过回路的电荷量 Eq I t tR    磁通量的变化量 2Bd  

　 解得 2BdqR （2）此时线框中产生的感应电流 BdvIR 受到的安培力 2 2B d vF IdBR  由平衡条件可得 sin 0 mg F    解得 2 2sin mgRvB d （3）由能量守恒定律有 21(2 )sin2mg L d mv Q     解得 3 2 2 24 4sin(2 )sin2m g RQ mg L dB d    16.（18 分）

　（2020·江苏高三月考）如图所示，长为 L，右端带有固定挡板的平板车放在光滑水平面上，平板车左端紧靠光滑平台，平板车上表面与平台上表面在同一水平面上，质量为 m 的物块从平台上以水平向右的速度 v 0滑上平板车，物块与挡板相碰后最终停在平板车的中点，平板车的质量也为 m，重力加速度为 g，设物块与挡板相碰过程中没有机械能损失。求：

　（1）物块的最终速度； （2）物块与平板车间的动摩擦因数； （3）物块相对平板车运动的时间。

　【答案】（1）012v；（2）206vgL；（3）03Lv 【解析】

　 （1）设最终的共同速度为 v，物块与平板车组成的系统动量守恒，则 02 mv mv  解得 012v v  （2）由于物块与平板车挡板相碰没有机械能守恒，因此根据功能有关系有 2 203 1 122 2 2mg L mv mv      解得 206vgL  （3）设物块与挡板碰撞前的一瞬间，物块速度大小为1v，平板车的速度大小为2v，根据动量守恒定律有 0 1 2mv mv mv   根据功能关系 2 2 20 1 21 1 12 2 2mgL mv mv mv     解得 1 03 36v v，2 03 36v v 从滑上平板车到与挡板碰撞前一瞬间，物块运动的时间 0 6103 36(3 3)v vLtg v    碰撞过程没有机械能损失，即发生的是弹性碰撞，由于物块与平板车质量相等，因此碰撞过程交换速度，碰撞后物块的速度 3 03 36v v 因此碰撞后物块相对于平板车运动的时间 3203 v v Ltg v   因此物块相对于平板车滑动的时间 1 203Lt t tv  